Метод нахождения пределов функций, раскрывающий неопределённости вида 0/0 и . Обосновывающая метод теорема утверждает, что при некоторых условиях предел отношения функций равен пределу отношения их производных.
На промежутке [a;b] заданы две функции и , имеющие производные, причём f(a)=g(a)=0. Т.к. эти фу-ции имеют производные, то они непрерывны, а потому и при .
Значит если предел отношения производных существует.
используя теорему Коши(Теорема Коши. , где C (a,b) ), получим , где a<c<x
Ясно, что при , поэтому
Но
Значит,
Примеры:
1.)
2.) = “можно применить правило Лопиталя 3 раза (а лучше разделим на x 3)”
=
Билет 31
Условия возрастания и убывания функции.
· Функция называется возрастающая на промежутке Х, если любой x1, x2 принадлежит X при том, что x1<x2, следовательноf(x1)<f(x2)
· Функция называется неубывающей на промежутке Х, если любой x1, x2 принадлежит X при том, что x1<x2, следовательноf(x1)≤f(x2)
· Функция называется возрастающая на промежутке Х, если любой x1, x2 принадлежит X при том, что x1<x2, следовательноf(x1)>f(x2)
· Функция называется возрастающая на промежутке Х, если любой x1, x2 принадлежит X при том, что x1<x2, следовательноf(x1)≥f(x2)
Достаточное условие.
1) Если функция f(x) дифференцируема в точке x0, f’(x0)=0 и f’(x) меняет знак через точку x0, то f(x) в точке x0 имеет экстремум.
Если f’(x) при переходе через точку x0 меняет знак с + на -, то x0 точка максимума, а если с – на +, то x0 точка минимума.
2)Если функция f(x) дважды дифференцируема в точке x0, f’(x0)=0 и f’’(x0)≠0, то в точке x0 функция имеет максимум при f’’(x0)<0, если f’’(x0)>0, то f(x) минимум.
Вопрос 29
Теорема Коши.
Пусть даны две функции С, непрерывна на отрезке [a;b] и дифференцируема на интервале (a;b)
- производные и не обращаются в ноль одновременно на интервале (a,b)
- тогда
, где C (a,b)
Доказательство
Для доказательства введём функцию
Для неё выполнены условия теоремы Ролля “(Теорема Ролля:Если функция непрерывна на отрезке [a;b] и дифференцируема на интервале (a;b), принимает на концах этого интервала одинаковые значения, то на этом интервале найдётся хотя бы одна точка, в которой производная функции равна нулю.)”: на концах отрезка её значения равны f(a). Воспользовавшись упомянутой теоремой, получим, что существует точка c, в которой производная функции F равна нулю, а равна как раз необходимому числу.
Вопрос 28
Теорема Лагранжа.
Если f(x) непрерывна на [a;b] и дифференцируема на [a;b], то существует точка c, принадлежащая отрезку [a;b], такая что справедливо равенство
F(b)-f(a)=(b-a)*f `(c)
Доказательство:
Соединим AB
Начинаем двигать AB (До касательной параллельной AB)
Касательная параллельна AB =>tgα=tgβ (α=β)
= f `(c) BD = f(b)-f(a) AD = b-a
Следствие.
Если f(x) имеет f `(x) на [a;b], то внутри промежутка найдется точка c, в которой будет выполнятся равенство (Формула конечного приращения):
Вопрос 27
Теорема Рὁлля.
Если функция f (х) непрерывна на отрезке а ≤ х ≤ b, имеет внутри его определённую производную, а на концах принимает равные значения f (a) = f (b), то её производная f ' (x) по меньшей мере один раз обратится в нуль в интервале (a, b),
т. е. существует такое с (где a < с < b), что f’ (с) = 0. Как следствие получается, что между двумя последовательными корнями функции имеется хотя бы один корень её производной.
. Функция f(x) постоянна на интервале [ а, b ]; тогда f ' (с) = 0 для любого с (a < с < b), т.е. утверждение теоремы Ролля выполняется автоматически.
Вопрос 26
Т. Ферма
f(x) принимает наименьшее или наибольшее значение во внутр. Тчк. «С» промежутка «Х»
Э f’(c)=>f’(c)=0
m0<=f’(x)<=M0
Если сущ. Производная зн. Сущ. Касательная
f’(x0)=tgL=k
1)
Док-тьтеор. Если в тчк. «С» наименьшее знач.
По треор. О пред. Переходе в нерав.
2)
Вопрос 25
Функция заданная параметрически
Пусть зависимость между аргументом Х и функцией У задана параметрически в виде двух уравнений
(1)
где t – вспомогательная переменная, называемая параметром. Найдём производную , считая, что функции (1) имеют производные и что функция x = x(t) имеет обратную t = (x). По правилу дифференцирования обратной функции
(2)
Функцию y = f(x), определяемую параметрическими уравнениями (1), можно рассматривать как сложную функцию y = y(t), где t= (x).
По правилу дифференцирования сложной функции имеем: .
С учётом равенства (2) получаем
Полученная формула позволяет находить производную от функции заданной параметрически, не находя непосредственной зависимости У от Х.
Пример:
Пусть Найти
Решение: Имеем Следовательно, , т.е. .
В этом можно убедиться, найдя непосредственно зависимость от Х
Действительно, t = . Тогда . Отсюда , т.е. .
Вопрос 24
Параметрическое уравнение линии на плоскости
Параметрич. Ур-е окружности
Пусть в прямоугольной системе координат дана окружность
Рассмотрим ее произвольную точку M(x;y)
Пусть радиус-вектор точки М образует угол величины t с положительным направлением оси ОХ, тогда абсцисса и ордината точки Мизменяются в зависимости от t (0 ). Выражая х и у через t, находим
(0 )