Динамическое программирование, алгоритмы на графах
Исполнитель:
Студентка Старовойтова А.Ю.
Научный руководитель:
Канд. физ-мат. наук, доцент Лебедева М.Т.
Гомель 2007
Содержание
Введение
1. Алгоритмы, использующие решение дополнительных подзадач
2. Основные определения теории графов
3. Поиск пути между парой вершин невзвешенного графа
4. Пути минимальной длины во взвешенном графе
Заключение
Литература
Введение
Существует целый класс задач по программированию, которые проще решаются, если ученик владеет определенным набором знаний, умений и навыков в области алгоритмов на графах. Это происходит потому, что такие задачи могут быть переформулированы в терминах теории графов.
Теория графов содержит огромное количество определений, теорем и алгоритмов. И поэтому данный материал не может претендовать, и не претендует, на полноту охвата материала. Однако, по мнению автора, предлагаемые сведения являются хорошим компромиссом между объемом материала и его "коэффициентом полезного действия" в практическом программировании и решении олимпиадных задач.
Иногда решение основной задачи приходится формулировать в терминах несколько модифицированных подзадач. Именно такие проблемы рассматриваются в данной работе.
Алгоритмы, использующие решение дополнительных подзадач
Задача 9. Требуется подсчитать количество различных разбиений числа N на натуральные слагаемые. Два разложения считаются различными, если одно нельзя получить из другого путем перестановки слагаемых.
Решение. Для того чтобы подсчитать количество различных разбиений числа N на произвольные натуральные слагаемые, предварительно подсчитаем количества разбиений на следующие группы слагаемых: 1) разбиения только на единицы (очевидно, что для любого числа такое разбиение единственно); 2) разбиения на единицы и двойки такие, что хотя бы одна двойка в разбиении присутствует и т.д. Последнюю группу представляет само число N. Очевидно, что каждое разбиение числа N можно приписать только к одной из рассмотренных групп, в зависимости от значения j — максимального слагаемого в том или ином разбиении. Обозначим количество разбиений в каждой из групп t (N, j). Тогда искомое количество разбиений равно сумме разбиений по всем возможным группам. Введение таких подзадач приводит к несложному способу подсчета числа разбиений. А именно, так как в любом из разбиений j -ой группы присутствует число j, то мы можем вычесть из N число j и сложить разбиения уже числа N – j на слагаемые, не превосходящие j. То есть мы пришли к следующему рекуррентному соотношению:
Теперь очевидно, что если мы имеем возможность завести двумерный массив размером N ´ N, и будем заполнять его в порядке возрастания номеров строк, то задача будет легко решена. Однако легко заметить, что решения части подзадач никак не участвуют в формировании решения. Например, при вычислении количества разбиений числа 10 на слагаемые будут получены, но не использованы значения t (9, j) для j = 2..9 и т. д. Для того чтобы не производить лишних вычислений, применим динамическое программирование “сверху вниз” (все предыдущие задачи решались “снизу вверх”). Для этого задачу будем решать все же рекурсивно, используя формулу (*), но ответы к уже решенным подзадачам будем запоминать в таблице. Первоначально таблица пуста (вернее заполним элементы, значение которых по формуле (*) равно 0 или 1, а остальные значения, например, числом -1). Когда в процессе вычислений подзадача встречается первый раз, ее решение заносится в таблицу. В дальнейшем решение этой подзадачи берется из таблицы. Таким образом мы получили прием улучшения рекурсивных алгоритмов, а “лишние” подзадачи теперь решаться не будут.
Приведем программу для решения этой задачи.
var i,j,k,n:byte;
sum:longint;
table:array[1..120,1..120] of longint;
function t(n,k:byte):longint;
var i,s:byte;
begin
if table[n,k]<0 then
{остальные элементы не пересчитываем}
begin
table[n,k]:=0;
for i:=1 to k do
inc(table[n,k],t(n-k,i))
end;
t:=table[n,k]
end;
begin
read(n);
fillchar(table,sizeof(table),0);
for i:=1 to n do
begin
table[i,i]:=1;
table[i,1]:=1
end;
{неопределенные элементы метим –1}
for i:=2 to n do
for j:=2 to i-1 do
table[i,j]:=-1;
sum:=0;
for i:=1 to n do
sum:=sum+t(n,i);
writeln('sum=',sum)
end.
Задача 10. Плитки (Чемпионат школьников по программированию, Санкт-Петербург, 1999 г.).
У Пети имеется неограниченный набор красных, синих и зеленых плиток размером 1´1. Он выбирает ровно N плиток и выкладывает их в полоску. Например, при N = 10 она может выглядеть следующим образом:
| К | К | К | С | З | К | К | З | К | С |
(Буквой К обозначена красная плитка, С – синяя, З – зеленая)
После этого Петя заполняет следующую таблицу, которая в данном примере выглядит так:
| Красный | Синий | Зеленый | |
| Красный | Y | Y | Y |
| Синий | Y | N | Y |
| Зеленый | Y | Y | N |
В клетке на пересечении строки, отвечающей цвету А, и столбца, отвечающего цвету Б, он записывает "Y", если в его полоске найдется место, где рядом лежат плитки цветов А и Б и "N" в противном случае. Считается, что плитки лежат рядом, если у них есть общая сторона. (Очевидно, что таблица симметрична относительно главной диагонали – если плитки цветов А и Б лежали рядом, то рядом лежали и плитки цветов Б и А.) Назовем такую таблицу диаграммой смежности данной полоски.
Так, данная таблица представляет собой диаграмму смежности приведенной выше полоски.
Помогите Пете узнать, сколько различных полосок имеет определенную диаграмму смежности (заметьте, что полоски, являющиеся отражением друг друга, но не совпадающие, считаются разными. Так, полоска
| С | К | З | К | К | З | С | К | К | К |
не совпадает с полоской, приведенной в начале условия.)
Первая строка входного файла содержит число N. (
). Следующие три строки входного файла, содержащие по три символа из набора {“Y”, “N”}, соответствуют трем строкам диаграммы смежности. Других символов, включая пробелы, во входном файле не содержится. Входные данные корректны, т.е. диаграмма смежности симметрична.
Выведите в выходной файл количество полосок длины N, имеющих приведенную во входном файле диаграмму смежности. Ниже дан пример входного и выходного файлов.
| Input.txt | Output.txt |
| YYY YNY YYN |
Решение. Очевидно, что перебор всех возможных полосок в данной задаче невозможен, так как их количество может составить 2100, поэтому следует попытаться найти динамическую схему решения. Понятно, что для того чтобы подсчитать количество полосок длины N, удовлетворяющих заданной диаграмме смежности, необходимо знать количество допустимых полосок длины N – 1, а также количество полосок, в диаграмме смежности которых один диагональный элемент или два симметричных недиагональных элемента равны “N” вместо “Y” в исходной диаграмме. Далее, при рассмотрении полосок длины N – 2, потребуется знать количество полосок, удовлетворяющих еще большему количеству диаграмм смежности и т. д. В результате на каком то шаге нам может понадобиться информация о количестве полосок практически со всеми возможными диаграммами. Общее количество последних составляет 26 = 64 (уникальными, то есть не повторяющимися, а, значит, определяющими количество различных диаграмм, являются только 6 элементов). Так как при увеличении длины полоски диаграмма может измениться в зависимости от сочетания цветов в последнем (новом) и предпоследнем элементах, подсчитывать полоски следует отдельно для трех различных конечных элементов. Таким образом количество хранимой информации возрастает до 64´3 = 192 значений. Столько же значений будет получено в результате пересчета. Но благодаря тому, что количество полосок длины i выражается только через количество полосок длины i – 1, хранить нужно лишь эти 2´192 = 384 значения. Несмотря на малый размер таблицы (массив total в программе) следует отметить, что ее размер экспоненциально зависит от одного из входных параметров — количества цветов k, а именно: 2´ k ´2 k (k +1)/2. Например, для 8 цветов необходимо было бы хранить 240 элементов, что нереально. Этим данная задача отличается от рассмотренных ранее.
Осталось обсудить некоторые технические приемы, позволяющие написать довольно простую программу, реализующую описанный алгоритм. Если мы поставим в соответствие каждому из уникальных мест в диаграмме смежности свою степень двойки от 20 до 25 (см. массив констант magic в программе), то каждой диаграмме может быть поставлен в соответствие номер от 0 до 63, равный сумме тех степеней двоек, которые соответствуют значениям “Y” (см. процедуру findcode). Если мы подсчитываем количество полосок для диаграммы с номером j, то совместимость добавляемого цвета k стоявшему ранее последним цвету l согласно диаграмме j можно проверить так: magic[k, l] and j <> 0. Данное условие, построенное с помощью битовой операции над целыми числами and, означает наличие в j- ой диаграмме смежности элемента “Y” на пересечении k -й строки и l -го столбца (соответствующая степень двойки массива magic содержится в двоичном представлении числа j). Выражение j - magic[k, l] соответствует замене в диаграмме с номером j упомянутого элемента “Y” на “N” (по другому это выражение можно было бы записать как j xor magic[k, l]). Подробнее о битовых операциях над целыми числами можно прочитать в [1]. Последний прием заключается в том, что мы не будем на каждом шаге переприсваивать полученные значения элементам массива, предназначенного для хранения результатов предыдущего шага. Для этого результаты для полосок четной длины i будем помещать в половину массива total с первым индексом 0, а нечетные — с индексом 1. В любом из этих случаев значения предыдущего шага доступны по индексу [1 – i mod 2]. Кроме того, ответ на решение этой задачи при всех N, удовлетворяющих условию, требует самостоятельной организации вычислений с помощью так называемой “длинной арифметики” (см., например, [1, 3]).
Приведем программу для решения этой задачи, но использующую вместо “длинной арифметики” тип данных extended, сохраняющий максимально возможное количество значащих цифр (попробуйте модернизировать программу самостоятельно). То есть не для всех значений N ответ будет вычислен точно. Но, так как для получения результата используется только сложение целых чисел, потери точности при промежуточных вычислениях не будет, по крайней мере пока ответ не станет превышать 263.
{$N+}
const magic: array [1..3, 1..3] of byte =
((1, 2, 4),
(2, 8, 16),
(4, 16, 32));
var n,i,j,k,l,code: longint;
can: array [1..3, 1..3] of boolean;
total: array [0..1, 1..3, 0..63] of extended;
answer: extended;
procedure readdata;
var s: string;
i, j: byte;
begin
readln(n);
fillchar(can, sizeof(can), false);
for i:= 1 to 3 do
begin
readln(s);
for j:= 1 to 3 do
if upcase(s[j]) = 'Y' then
begin
can[i, j]:= true;
can[i, j]:= true
end
end
end;
procedure findcode;
var i, j: byte;
begin
{переводим диаграмму смежности в число}
code:= 0;
for i:= 1 to 3 do
for j:= i to 3 do
if can[i, j] then
code:= code + magic[i, j]
end;
begin
assign(input, 'input.txt');
reset(input);
assign(output,'output.txt');
rewrite(output);
readdata;
findcode;
fillchar(total, sizeof(total), 0);
{количество полосок длины 1}
for i:= 1 to 3 do
total[1, i, 0]:= 1;
for i:= 2 to n do
for j:= 0 to 63 do
for k:= 1 to 3 do
{cчитаем полоски длины i,
c диаграммой смежности j
и оканчивающиеся цветом k}
begin
total[i mod 2, k, j]:= 0;
for l:= 1 to 3 do
{цикл по конечному цвету
полосок длины i - 1}
if magic[k, l] and j <> 0 then
{цвета l и k могут соседствовать
согласно диаграмме смежности j}
begin
total[i mod 2, k, j]:=
total[i mod 2, k, j] +
total[1 - i mod 2, l, j];
total[i mod 2, k, j]:=
total[i mod 2, k, j] +
total[1 - i mod 2, l, j - magic[k, l]]
end
end;
answer:= 0;
{суммируем количество полосок с диаграммой
смежности code и различными окончаниями}
for i:=1 to 3 do
answer:=answer + total[n mod 2, i, code];
writeln(answer:0:0)
end.
Похожая задача (“Симпатичные узоры”) предлагалась и на I-ой Всероссийской командной олимпиаде по программированию. Ее условие и решение можно прочитать в [2].
Задача 11. Паркет (Задача VI Всероссийской олимпиады по информатике, 1994 г.)
Комнату размером N ´ M единиц требуется покрыть одинаковыми паркетными плитками размером 2´1 единицу без пропусков и наложений (1 £ N £ 20, 1 £ M £ 8). Требуется определить количество всех возможных способов укладки паркета для конкретных значений N и M.
Решение. Пусть M — ширина комнаты, которую мы зафиксируем. Попытаемся выразить искомое количество укладок паркета для комнаты длины N, через количество укладок для комнаты длиной N – 1. Однако очевидно, что сделать это не удастся, так как существует еще множество укладок, в которых часть плиток пересекает границу между такими комнатами. Следовательно нам опять придется решать дополнительное число подзадач. А именно, введем обобщенное понятие укладки комнаты длиной N – 1: первая часть комнаты длиной N – 2 уложена плотно, а в (N – 1)-й единице измерения длины комнаты могут находиться пустоты (в N -й единице измерения паркета нет). Если наличие плитки в (N – 1)-й единице измерения обозначить 1, а ее отсутствие — 0, то количество различных окончаний подобных укладок можно пронумеровать двоичными числами от 0 до 2 M – 1. Если количество укладок для каждого из окончаний нам известно (часть из них могут оказаться нереализуемыми, то есть соответствующее количество укладок будет равно 0), то мы сможем подсчитать количество различных укладок комнаты длины N. При этом придется проверять совместимость окончаний. Окончания будем считать совместимыми, если путем добавления целого числа плиток к укладе длиной N – 1 с окончанием j, таких что каждая из них увеличивает длину укладки до N, мы можем получить окончание i укладки длиной N. Если способ совмещения укладок существует, то по построению он единственен. Тогда для определения количества укладок с окончанием i длиной N необходимо просуммировать количества укладок длиной N – 1 с совместимыми окончаниями. Для комнаты нулевой длины будем считать количество укладок равным 1. Формирование динамической схемы закончено. Количество хранимых в программе значений при этом равно 2´2 M =2 M +1, то есть оно экспоненциально зависит от одного из параметров задачи и существенно его увеличить не представляется возможным. В нашем случае оно равно 512, то есть применение табличного метода решения оказывается реальным. Ответ на вопрос задачи будет получен на N -м шаге алгоритма в элементе таблицы с номером 2 M – 1. При максимальном по условию задачи размере комнаты для получения ответа опять потребуется “длинная арифметика”.
Схему программы для решения этой задачи, которая проще предыдущей, можно найти, например, в [3].
После рассмотрения задач 9-11 может сложиться впечатление, что к данному классу относятся лишь задачи подсчета количеств тех или иных конфигураций, в том числе комбинаторных. Конечно же это не так. Примером оптимизационной задачи, решение которой основано на аналогичных идеях, служит задача “Бизнес-классики”, предлагавшаяся на XIII Всероссийской олимпиаде по программированию (см. [4]).
Многие прикладные и олимпиадные задачи легко сформулировать в терминах такой структуры данных как граф. Для ряда подобных задач хорошо изучены эффективные (полиномиальные) алгоритмы их решения. Рассмотрим в данной лекции те из них, которые используют идеи динамического программирования. Но прежде необходимо познакомиться с некоторыми терминами, встречающимися при описании этой структуры.