ДИНАМИКА МАТЕРИАЛЬНОЙ ТОЧКИ И ТЕЛА, ДВИЖУЩИХСЯ ПОСТУПАТЕЛЬНО

Уважаемые студенты, высылаю вам примеры решения задач по различным тема курса физики (1 семестр). Вам необходимо изучить и постараться разобраться в этих примерах. Это поможет вам успешно выполнить лабораторные работы. Лабораторные работы вы получите на занятии по расписанию. Там же будет подробная инструкция по выполнению и оформлению лабораторной работы.

ВНИМАНИЕ! Каждый студент после получения каждой лекции, практического задания или лабораторного задания должен отправить мне на почту сообщение следующего содержания:

Я Ф.И.О., студент группы …. (например20ПИзо,20ЭТзо, и т.д.) материал для изучения (физики) получил.

Это будет своего рода перекличкой, т.е. свидетельство вашего присутствия на сессии.

ФИЗИЧЕСКИЕ ОСНОВЫМЕХАНИКИ

 

КИНЕМАТИКА

Примеры решения задач

Пример 1. Кинематическое уравнение движения материальной точки по прямой (ось х) имеет вид x=A+Bt+Ct³, где A=4 м, B=2 м/с, С=-0,5 м/с². Для момента времени t ₁=2 с определить:

1) координату x ₁ точки, 2) мгновенную скорость v ₁, 3) мгновенное ускорение a₁.

Решение. 1. Координату точки, для которой известно кинематическое уравнение движения, найдем, подставив в уравнение движения вместо t заданное значение времени t ₁:

x=A+Bt+Ct³.

Подставим в это выражение значения A, В, С, t ₁ и произведем вычисления:

X ₁=(4+4- 0,5 2³) м=4 м.

2. Мгновенную скорость в произвольный момент времени найдем, продифференцировав координату х по времени: .

Тогда в заданный момент времени t ₁ мгновенная скорость

v ₁=B+3C t ₁² Подставим сюда значения В, С, t ₁ и произведем вычисления:

v ₁ =- 4 м/с.

 

 

Знак минус указывает на то, что в момент времени t₁=2 с точка движется в отрицательном направлении координатной оси.

3. Мгновенное ускорение в произвольный момент времени найдем, взяв вторую производную от координаты х по времени:

Мгновенное ускорение в заданный момент времени t ₁ равно a ₁ =6Ct ₁. Подставим значения С, t ₁и произведем вычисления:

a₁=(—6 0,5 2) м/с=—6 м/с.

Знак минус указывает на то, что направление вектора ускорения совпадает с отрицательным направлением координатной оси, причем в условиях данной задачи это имеет место для любого момента времени.

Пример 2. Кинематическое уравнение движения материальной точки по прямой (ось х) имеет вид, x=A+Bt+Ct², где A=5 м, B=4 м/с, С=-1 м/с². Построить график зависимости координаты х и пути s от времени. 2. Определить среднюю скорость < v_x > за интервал времени от t ₁=1 с до t ₂=6 с. 3. Найти среднюю путевую скорость < v > за тот же интервал времени.

Решение. 1. Для построения графика зависимости координаты точки от времени найдем характерные значения координаты — начальное и максимальное и моменты времени, соответствующие указанным координатам и координате, равной нулю.

Начальная координата соответствует моменту t =0. Ее значение равно

x₀=x | _{t= 0}=A=5 м.

Максимального значения координата достигает в тот момент, когда точка начинает двигаться обратно (скорость меняет знак). Этот момент времени найдем, приравняв нулю первую производную от координаты повремени:

, откуда t=—B/2C=2 с Максимальная координата

x _max =x / _{t =2} = 9 М.

Момент времени t, когда координата х=0, найдем из выражения x=A+Bt+Ct²=0.

Решим полученное квадратное уравнение относительно t:

Подставим значения А, В, С и произведем вычисления:

t=(2±3) с.

Таким образом, получаем два значения времени: t'-=5 с и =-1 с. Второе значение времени отбрасываем, так как оно не удовлетворяет условию задачи (t>0).

 

 

График зависимости координаты точки от времени представляет собой кривую второго порядка. Для его построения необходимо иметь пять точек, так как уравнение кривой второго порядка со­держит пять коэффициентов. Поэтому кроме трех вычисленных ра­нее характерных значений координаты найдем еще два значения координаты, соответствующие моментам t ₁=l с и t ₂ =6 с:

x ₁ = А + Bt ₁ + Ct ₁² = 8 м, x ₂ = А + Bt ₂ + Ct ₂² = -7 м.

Полученные данные представим в виде таблицы:

Время, с Координата, м

t 1=0 x 0=A=5

t 1=1 x 0=8

t B=2 x max=9

=5 x =0

t 2=6 x 2=-7

Используя данные таблицы, чертим график зависимости координаты от времени (рис. 1.2).

График пути построим, исходя из следующих соображений:

1) путь и координата до момента изменения знака скорости совпадают; 2) начиная с момента возврата (t _B) точки она движется в обратном направлении и, следовательно, координата ее убывает, а путь продолжает возрастать по тому же закону, по которому убывает координата.

Следовательно, график пути до момента времени t_B =2 с совпадает с графиком координаты, а начиная с этого момента яв­ляется зеркальным отображением графика координаты.

2. Средняя скорость < v _x> за интервал времени t₂—t₁ определяется выражением

<v_x>=(x₂-x₁)/(t₂—t₁).

Подставим значения x₁, x₂, t₁, t₂. из таблицы и произведем вычисления

< v_x >=(—7—8)/(6—1) м/с=—3 м/с.

3. Среднюю путевую скорость < v> находим из выражения

< v> =s/(t ₂- t₁),

где s — путь, пройденный точкой за интервал времени t₂.—t₁. Из графика на рис. 1.2 видно, что этот путь складывается из двух отрезков пути: S ₁ =x _max— x₁, который точка прошла за интервал времени t_B—t₁, и S₂= x _max+| x ₂|, который она прошла за интервал

 

Рис. 1.2

T ₂ —t _B. Таким образом, путь

S = S₁ + S₂ = (x_max—x₂) + (x_max + |x₂|) == 2x_max + |x₂|—x₁.

Подставим в это выражение значения x _max, | x ₂|, x ₁ и произведем вычисления:

<s>=(2 9+7—8) м=17 м.

Тогда искомая средняя путевая скорость

< v >=17/(6—1) м=3,4 м.

Заметим, что средняя путевая скорость всегда положительна.

Пример 3. Автомобиль движется по закруглению шоссе, имеющему радиус кривизны R=50 м. Уравнение * движения автомобиля (t) = A+Bt+Ct², где A=10 м, B=10 м/с, С=—0,5 м/с². Найти: 1) скорость v автомобиля, его тангенциальное , нормальное а _n. и полное а ускорения в момент времени t =5 с; 2) длину пути s и модуль перемещения | | автомобиля за интервал времени =10 с, отсчитанный с момента начала движения.

Решение. 1. Зная уравнение движения, найдем скорость, взяв первую производную от координаты по времени:

. Подставим в это выражение значения В, С, t и произведем вычисления:

v =5 м/с.

Тангенциальное ускорение найдем, взяв первую производную от скорости по времени: Подставив значение С, получим = —1 м/с².

Нормальное ускорение определяется по формуле a_n= v ²/R. Подставим сюда найденное значение скорости и заданное значение радиуса кривизны траектории и произведем вычисления:

a_n==0,5 м/с².

Полное ускорение, как это видно из рис. 1.1, является геометрической суммой ускорений а и а _n: а = а + а _n. Модуль ускорения . Подставив в это выражение найденные значения а и а_n получим

а=1,12 м/с².

2. Чтобы определить путь s, пройденный автомобилем, заметим, что в случае движения в одном направлении (как это имеет место в условиях данной задачи) длина пути s равна изменению криволинейной координаты т. е.

s= , или .

Подставим в полученное выражение значения В, С, и произведем вычисления:

s=50 м.

Модуль перемещения, как это видно из рис. 1.3, равен | r|=2Rsin( /2),

где — угол между радиусами-векторами, определяющими начальное (0) и конечное положения автомашины на траектории. Этот угол (в радианах) находим как отношение длины пути s к радиусу кривизны R траектории, т. е. = =s/R. Таким образом,

Подставим сюда значения R, s ипроизведем вычисления:

| [= 47,9м.

Пример 4. Маховик, вращавшийся с постоянной частотой n₀=10 с¹, при торможении начал вращаться равнозамедленно. Когда торможение прекратилось, вращение маховика снова стало равномерным, но уже с частотой п=6 с¹. Определить угловое ускорение маховика и продолжительность t торможения, если за время равнозамедленного движения маховик сделал N==50 оборотов.

Решение. Угловое ускорение маховика связано с начальной и конечной угловыми скоростями соотношением , откуда Но так как то

Подставив значения , п, п ₀, N и вычислив, получим

=3,14(6²-10²)/50 рад/с²=—4,02 рад/с².

Знак минус указывает на то, что маховик вращался замедленно. Определим продолжительность торможения, используя формулу, связывающую угол поворота со средней угловой скоростью < v> вращения и временем t: =< >t. По условиям задачи, угловая скорость линейно зависит от времени и поэтому можно написать , тогда ,

Откуда

Подставив числовые значения и произведя вычисления, получим

ДИНАМИКА МАТЕРИАЛЬНОЙ ТОЧКИ И ТЕЛА, ДВИЖУЩИХСЯ ПОСТУПАТЕЛЬНО

Примеры решения задач

Пример 1. К концам однородного стержня приложены две про­тивоположно направленные силы: F₁=40H и F₂=100 H (рис. 2.1, a).

а)

Рис. 2.1

Определить силу натяжения Т стержня в поперечном сечении, которое делит стержень на две части в отношении 1: 2.

Решение. Если бы силы F₁и F₂ были равны между собой, то сила натяжения в любом сечении стержня была бы одинаковой и равной силам, приложенным к концам стержня. Стержень в этом случае находился бы в покое. Но так как сумма сил, действующих на стержень, отлична от нуля, то стержень будет двигаться с ускорением, величина и направление которого определяются по второму закону Ньютона: а= (F₁+F₂)/m, где т— масса стержня. Так как обе силы действуют вдоль прямой, то геометрическую сумму можно заменить алгебраической:

a=(F₂-F₁)/m. (1)

При ускоренном движении стержня силы натяжения в разных сечениях различны. Для определения этих сил применим следующий прием: разделим стержень на две части в интересующем нас сечении и отбросим одну из них, например левую. Действие левой части на правую заменим силой натяжения Т (рис. 2.1, б). В результате действия разности сил F₂—Т оставшаяся правая часть стержня массой m₁ должна двигаться с ускорением а= (F ₂ —T)/m ₁равным по величине и направлению прежнему ускорению, выражаемому формулой (1). Так как стержень однородный, то m ₁ =m/3 и, следовательно,

Приравнивая правые части равенства (1) и (2) и выражая из полученного равенства силу натяжения Т, находим

T=F ₂ -(F ₂ -F ₁) /3. Подставив значения F₂ и F ₁, получим

Т =80 Н.

Рис. 2.2

Пример 2. В лифте на пружинных весах находится тело массой т=10 кг (рис. 2.2, а). Лифт движется с ускорением а=2 м/с². Определить показания весов в двух случаях, когда ускорение лифта направлено: 1) вертикально вверх, 2) вертикально вниз.

Решение. Определить показания весов — это значит найти вес тела G, т. е. силу, с которой тело действует на пружину. Но эта сила, по третьему закону Ньютона, равна по модулю и противоположна по направлению силе упругости N (силе реакции опоры), с которой пружина через посредство прикрепленной к ней чашки весов действует на тело, т. е.

G = — N, или G=N. (1)

 

 

Следовательно, задача определения показания весов сводится к нахождению реакции опоры N.

Задачу можно решать как в инерциальной, так и неинерциальной системе отсчета.

Решение в инерциальной системе отсчета. На тело действуют две силы: сила тяжести Р и сила N.

Направим ось z вертикально вверх и спроецируем на нее все силы, действующие на тело. Индекс z у проекции сил опустим, так как проекции и сами силы совпадают по величине. Направление сил учтем знаком плюс или минус. Напишем уравнение движения:

N—P=ma, откуда

N=P+ma=m(g+a). (2)

Из равенств (1) и (2) следует

G=m(g+a).

При вычислении показания весов следует учесть знак ускорения:

1) ускорение направлено вертикально вверх (a>0), тогда

G₁=10(9,81+2)H==118 Н;

2) ускорение направлено вертикально вниз (a<0), тогда

G₂==10(9,81—2) Н=78 Н.

Отметим, что ни модуль, ни направление скорости лифта не влияют на показания весов. Существенны лишь величина и направление ускорения.

Решение в неинерциальной системе отсчета, т. е. в системе, дви­жущейся ускоренно вместе с лифтом. В этой системе отсчета законы Ньютона не выполняются. Однако если к телу в соответствии с принципом Даламбера дополнительно к действующим на него силам приложить силу инерции

F_i=— та,

где а — ускорение системы отсчета, то с учетом этой силы законы Ньютона будут справедливы.

В этом случае на тело будут действовать три силы: сила тяжести Р, сила упругости N и сила инерции F; (рис. 2.2, б). Под действием этих сил тело в данной неинерциальной системе отсчета покоится. Это значит, что вместо уравнений динамики (законов Ньютона) можно воспользоваться законами статики. Если тело под действием системы сходящихся сил покоится, то геометрическая сумма этих сил равна нулю. В данном случае это приводит к равенству

P+N+F_i =0.

Спроецируем все силы на ось z и напишем соответствующее равенство для проекций этих сил (индекс z опустим):

N—P—ma=0,

откуда сила реакции опоры

N=P+ma=m(g+a). (3)

Из равенств (1) и (3) следует

G=m(g+a),

что совпадает с результатом, полученным при решении в инерциальной системе отсчета.

Пример 3. При падении тела с большой высоты его скорость v _уст установившемся движении достигает 80 м/с. Определить время , в течение которого начиная от момента начала падения скорость становится равной 1/2 v _уст. Силу сопротивления воздуха принять пропорциональной скорости тела.

Решение. На падающее тело действуют две силы (рис. 2.3, а):

сила тяжести m g и сила сопротивления воздуха F c.

Рис. 2.3

Сила сопротивления воздуха по условиям задачи пропорциональна скорости тела и

противоположна ей по направлению:

F _c=-k v, (1)

 

где k — коэффициент пропорциональности, зависящий от размеров, формы тела и от свойств окружающей среды.

Напишем уравнение движения тела в соответствии со вторым законом Ньютона в векторной форме: . Заменив F c согласно (1), получим

Спроецируем все векторные величины на вертикально направленную ось и напишем уравнение (2) для проекций:

После разделения переменных получим

Выполним интегрирование, учитывая, что при изменении времени от нуля до (искомое время) скорость возрастает от нуля до 1/2 v _уст (рис. 2.3, б):

Подставим пределы интегрирования в левую часть равенства:

(3)

и найдем из полученного выражения искомое время:

Входящий сюда коэффициент пропорциональности k определим из следующих соображений. При установившемся движении (скорость постоянна)

алгебраическая сумма проекций (на ось y ) сил, действующих на тело, равна нулю, т. е. mg—kv _уст =0, откуда k=mg/v _уст. Подставим найденное значение k в формулу (З):

После сокращений и упрощений получим

Проверка размерности в данном случае не обязательна, так как результат очевиден. Подставив в эту формулу значения v_уст, g, In2 и произведя вычисления, получим

=5,66 с.

Пример 4. Шар массой m=0,3 кг, двигаясь со скоростью v =10 м/с, упруго ударяется о гладкую неподвижную стенку так, что скорость его направлена под углом =30° к нормали. Определить импульс р, получаемый стенкой.

Решение. Сначала проанализируем условие задачи. Стенка неподвижна, поэтому система отсчета, связанная с ней, будет инерциальной. Удар о стенку упругий; следовательно, можно воспользоваться законом сохранения механической энергии. Из него, учитывая, что масса стенки много больше массы шара, следует равенство модулей скоростей шара | v | до и | u| после удара.

Покажем, что угол ' отражения шара от стенки равен углу падения шара. Спроецируем векторы v и u на координатные оси Ох и Оу (рис. 2.4). Так как стенка гладкая, то u _y = v _y. Учитывая, кроме того, что | u ]= | v |, получим u_x=-v_x а отсюда следует равенство углов падения и отражения ( '= ).

Для определения импульса, полученного стенкой, воспользуемся законом сохранения импульса. Для нашего случая этот закон можно записать в виде

где — импульсы шара до и после удара . Отсюда импульс, полученный стенкой,

Из рис. 2.5 видно, что вектор р сонаправлен с осью Ох и его модуль р =| р |=2p₁cos . Подставив сюда выражение импульса p ₁ =mv, получим

p=2mv cos .

Произведем вычисления:

p=2 0,3•10 кг•м/c==5,20 кг•м/c.

Пример 5. На спокойной воде пруда стоит лодка длиной L и массой М перпендикулярно берегу, обращенная к нему носом. На корме стоит человек массой т. На какое расстояние s приблизится лодка к берегу, если человек перейдет с кормы на нос лодки? Трением о воду и воздух пренебречь.

Рис. 2.5

Решение. 1-й способ. Для простоты решения будем считать, что человек идет по лодке с постоянной скоростью. Лодка в этом случае также будет двигаться равномерно. Поэтому перемещение лодки относительно берега определим по формуле s= vt (1)

где v — скорость лодки относительно берега; t — время движения человека и лодки. Направление перемещения человека примем за положительное.

Скорость v лодки найдем, пользуясь законом сохранения импульса * (количества движения). Так как, по условию задачи, система человек — лодка в начальный момент была относительно берега в покое, то по закону сохранения импульса получим Mv— m u =0, где и — скорость человека относительно берега; знак минус указывает на то, что скорости человека и лодки по направлению противоположны. Отсюда v=mu/M.

Время t движения лодки равно времени перемещения человека по лодке, т. е. t^:=s₁/u=(L—s)/u, где s₁ — перемещение человека относительно берега.

Подставив полученные выражения v и t в формулу (1), найдем

откуда

s=mL/(m+M).

Заметим, что предположение о равномерности движения человека не является обязательным. В приведенном ниже более общем способе решения задачи такое предположение не используется.

2-й способ. Согласно следствию из закона сохранения импульса, внутренние силы системы тел не могут изменить положение центра тяжести ** системы. Применяя это следствие к системе человек — лодка, можно считать, что при перемещении человека

* В данном случае систему человек — лодка можно считать замкнутой, так как векторная сумма внешних сил, действующих на отдельные тела системы, равна нулю.

** Точнее было бы говорить о центре масс (центре инерции системы). Но в том случае, когда система твердых тел находится в однородном ноле силы тяжести, центр масс и центр тяжести совпадают.

по лодке центр тяжести системы не изменит своего положения, т. е. останется на прежнем расстоянии от берега.

Пусть центр тяжести системы человек — лодка находится на вертикали, проходящей в начальный момент через точку C₁ лодки (рис. 2.6), а после перемещения лодки—через другую ее точку С ₂. Так как эта вертикаль неподвижна относительно берега, то искомое перемещение s лодки относительно берега равно перемещению лодки относительно вертикали. А это последнее легко определить по перемещению центра тяжести О лодки. Как видно из

const

Рис. 2.6

рис. 2.6, в начальный момент точка О находится слева от вертикали на расстоянии a₁, а после перехода человека — на расстоянии a₂ справа от нее. Следовательно, искомое перемещение лодки s=a ₁ +a ₂. (2)

Для определения a ₁ и a ₂ воспользуемся тем, что относительно центра тяжести системы моменты сил тяжести лодки и человека должны быть равны. Для точки C₁ имеем Mga ₁ =mg(l — a₁), где l — первоначальное расстояние человека от центра тяжести лодки. Отсюда получим а ₁ =тl/(М+т}. Для точки С₂ имеем Mga ₂=mg(L- a ₂- l), откуда a ₂ =m(L—l)/(М+т).

Подставив выражения a ₁ и а ₂, в формулу (2), получим

s=mL/(M+m),

что совпадает с результатом, полученным первым способом.

Пример 6. Два шара массами m₁=2,5 кг и m₂==1,5 кг движутся навстречу друг другу со скоростями v ₁=6 м/с и v ₂ =2 м/с. Определить: 1) скорость и шаров после удара; 2) кинетические энергии

 

шаров T₁ до и Т₂ после удара; 3) долю кинетической энергии шаров, превратившейся во внутреннюю энергию. Удар считать прямым, неупругим.

Решение. 1. Неупругие шары не восстанавливают после удара своей первоначальной формы. Следовательно, не возникают силы, отталкивающие шары друг от друга, и шары после удара будут двигаться совместно с одной и той же скоростью и. Определим эту скорость по закону сохранения импульса. Так как шары движутся по одной прямой, то этот закон можно записать в скалярной форме:

m ₁ v ₁₊ т ₂ v ₂ =(т ₁+ m ₂) и,

откуда

u=(m ₁ v ₁₊ т ₂ v ₂)/ (т ₁+ m ₂).

Направление скорости первого шара примем за положительное, тогда при вычислении скорость второго шара, который движется навстречу первому, следует взять со знаком минус:

u =(2,5 6—1,5 2)/(2,5+1,5) м/с=3 м/с.

2. Кинетические энергии шаров до и после удара определим по формулам

T₁ = m ₁ v₁²/2 + m ₂ v ₂²/2; Т ₂ =(m ₁ + т ₂ )u² /2.

Произведя вычисления по этим формулам, получим

T₁=(2,5 6²/2+1,5 2²/2) Дж=48 Дж;

T₂ =(2,5+1,5) З² Дж=18 Дж.

3. Сравнение кинетических энергий шаров до и после удара показывает, что в результате неупругого удара шаров произошло уменьшение их кинетической энергии, за счет чего увеличилась их внутренняя энергия. Долю кинетической энергии шаров, пошедшей на увеличение их внутренней энергии, определим из соотношения

Пример 7. Шар массой m ₁, движущийся горизонтально с некоторой скоростью v₁, столкнулся с неподвижным шаром массой т ₂. Шары абсолютно упругие, удар прямой. Какую долю своей кинетической энергии первый шар передал второму?

Решение. Доля энергии, переданной первым шаром второму, выразится соотношением

где T₁ — кинетическая энергия первого шара до удара; u ₂ и T' ₂, — скорость и кинетическая энергия второго шара после удара.

Как видно из выражения (1), для определения надо найти u ₂. Воспользуемся тем, что при ударе абсолютно упругих тел одновременно выполняются два закона сохранения: импульса и механической энергии.

По закону сохранения импульса, учитывая, что второй шар до удара покоился, имеем . По закону сохранения

энергии в механике, Решая совместно два по­следних уравнения, найдем

u ₂=2 m ₁ v ₁/(m ₁+ m ₂).

Подставив это выражение u ₂ в равенство (1), получим

Из этого соотношения видно, что доля переданной энергии зависит только от масс сталкивающихся шаров. Доля передаваемой энергии не изменится, если шары поменяются местами.

Пример 8. Молот массой m ₁=200 кг падает на поковку, масса т ₂, которой вместе с наковальней равна 2500 кг. Скорость v ₁ молота в момент удара равна 2 м/с. Найти: 1) кинетическую энергию T₁ молота в момент удара; 2) энергию Т₂, переданную фундаменту; 3) энергию Т, затраченную на деформацию поковки; 4) коэффициент полезного действия (КПД) удара молота о поковку. Удар молота о поковку рассматривать как неупругий.

Решение. 1. Кинетическую энергию молота в момент удара найдем по формуле T=m ₁ v ₁²/2. Подставив значения т ₁ и v ₁ и произведя вычисления, получим

T₁=400 Дж.

2. Чтобы определить энергию, переданную фундаменту, предварительно найдем скорость системы молот — поковка (с наковальней) непосредственно после удара. Для этого применим закон сохранения импульса, который в случае неупругого удара двух тел выражается формулой

т ₁ v ₁+ m ₂ v ₂=(m ₁+ m ₂) u, (1)

где v ₂ — скорость поковки (вместе с наковальней) перед ударом; и - скорость молота и поковки (вместе с наковальней) непосредственно после удара. Так как поковка с наковальней до удара находилась в состоянии покоя, то v ₂ =0. При неупругом ударе деформация не восстанавливается, вследствие чего молот и поковка (с наковальней) движутся как одно целое, т. е. с одинаковой скоростью и. Из формулы (1) найдем эту скорость:

(2)

В результате сопротивления фундамента скорость и быстро гасится, а кинетическая энергия, которой обладает система молот — поковка (с наковальней), передается фундаменту. Эту энергию находим по формуле

Заменим скорость и ее выражением (2): или

учитывая, что T₁=m₁ v ₁²/2, запишем

Подставив в уравнение (3) значения т ₁ ,m ₂ и T₁ и произведя вычисления, получим Т₂=29,6 Дж.

3. Молот до удара обладал энергией T₁; Т₂ — энергия, переданная фундаменту. Следовательно, на деформацию поковки использовалась энергия

T=T₁—Т₂.

Подставив в это выражение значения T₁ и Т₂, получим

T=370 Дж.

4. Назначение молота — путем ударов о поковку, находящуюся на наковальне, вызвать деформацию поковки; следовательно, энергию Т следует считать полезной. КПД удара молота о поковку равен отношению энергии Т, затраченной на деформацию поковки, ко всей затраченной энергии T₁:

=T/T ₁, или = (T₁ — T₂)/T₁.

Подставив в последнее выражение Т₂ по формуле (3), получим

=m₂/(m₁+m₂).

После подстановки значений m ₁ и m ₂ найдем =92,6 %.

Пример 9. Боек (ударная часть) свайного молота массой т ₁=500 кг падает на сваю массой m ₂=100 кг со скоростью v ₁=4 м/с. Определить: 1) кинетическую энергию T ₁ бойка в момент удара; 2) энергию T ₂, затраченную на углубление сваи в грунт; 3) кинетическую энергию Т, перешедшую во внутреннюю энергию системы; 4) КПД удара бойка о сваю. Удар бойка о сваю рассматривать как неупругий.

Решение. 1. Кинетическую энергию бойка в момент удара о сваю находим по формуле T₁= m ₁ v ₁²/2. Подставив значения m ₁, и v ₁ и произведя вычисления, получим

T₁=(500× 4²)/2 Дж=4000 Дж=4 кДж.

2. Чтобы определить энергию, затраченную на углубление сваи, предварительно найдем скорость системы боек — свая непосредственно после удара. Для этого применим закон сохранения импульса, который в случае неупругого удара выражается формулой

т ₁ v ₁+ m ₂ v ₂=(m ₁+ m ₂) u, (1)

где v ₂ — скорость сваи перед ударом; и — скорость бойка и сваи непосредственно после удара. Свая перед ударом находилась в состоянии покоя, поэтому v ₂=0. Так как удар неупругий, то боек и свая после удара движутся как одно целое, т. е. с одинаковой скоростью и. Из формулы (1) найдем эту скорость:

(2)

В результате сопротивления грунта скорость бойка и сваи после удара быстро гасится, а кинетическая энергия, которой обладает система боек—свая, затрачивается на углубление сваи в грунт.

Эту энергию находим по формуле . Заменим скорость и ее выражением (2): или, учитывая, что T₁=m₁ v ₁²/2, запишем

(3)

Подставив в формулу (3) значения т ₁ ,m ₂ и T₁ и произведя вычисления, получим

Т₂= [500/(500+100)]. 4-10³ Дж=3,33.10³ Дж=3,33 кДж.

3. Боек до удара обладал энергией T₁; T₂ — энергия, затраченная на углубление сваи в грунт. Следовательно, во внутреннюю энергию, связанную с неупругой деформацией сваи, превратилась энергия

T=T₁ — Т₂.

Подставив в это выражение значения T₁ и T₂, найдем

Т=0,67 кДж.

4. Свайный молот служит для забивки сваи в грунт; следовательно, энергию Т₂ следует считать полезной. КПД удара бойка о сваю выразится как отношение энергии Т₂, затраченной на углубление сваи в грунт, ко всей затраченной энергии T₁:

=T₂/T₁.

Подставив в последнее выражение T₂ по формуле (3), получим

=m₁/(m₁+m₂).

Подставим значения m ₁ и т ₂ и произведем вычисления:

=83,3%.